zunia.vn

Tuyển sinh 2024 dành cho Gen-Z

zunia.vn

» Tài Liệu Phổ Thông

» Ôn thi ĐH-CĐ

63 Đề thi thử Đại học 2011 - Đề số 32

Chia sẻ: Pham Xuân Dương | Ngày: | Loại File: PDF | Số trang:8

Báo xấu

116
lượt xem 21
download

Download Vui lòng tải xuống để xem tài liệu đầy đủ

Tham khảo tài liệu '63 đề thi thử đại học 2011 - đề số 32', tài liệu phổ thông, ôn thi đh-cđ phục vụ nhu cầu học tập, nghiên cứu và làm việc hiệu quả

Chủ đề:

Bình luận(0) Đăng nhập để gửi bình luận!

Lưu

Nội dung Text: 63 Đề thi thử Đại học 2011 - Đề số 32

63 Đề thi thử Đại học 2011 ÐỀ THI thö ĐẠI HỌC lÇn ii NĂM häc: 2010-2011 Môn thi : TOÁN lμm bμi:180 phótThêi gian (kh«ng kÓ thêi gian giao ®Ò) PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm) Câu I:(2 điểm) Cho hàm số y = x3 + 3x2 + mx + 1 có đồ thị là (C m ); ( m là tham số) 1. Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số khi m = 3. 2. Xác định m để (C m ) cắt đường thẳng: y = 1 tại ba điểm phân biệt C(0;1), D, E sao cho các tiếp tuyến của (C m ) tại D và E vuông góc với nhau. Câu II:(2 điểm)  x  2 y  xy  0  1. Giải hệ phương trình:   x 1  2 y 1  1  cos 2 x 1 2. T×m x  (0;  ) tho¶ m·n ph−¬ng tr×nh: cotx – 1 =  sin 2 x  sin 2 x . 1  tan x 2 Câu III: (2 điểm) 1. Trên cạnh AD của hình vuông ABCD có độ dài là a, lấy điểm M sao cho AM = x (0 < x  a). Trên đường thẳng vuông góc với mặt phẳng (ABCD) tại A, lấy điểm S sao cho SA = 2a. a) Tính khoảng cách từ điểm M đến mặt phẳng (SAC). b) KÎ MH vu«ng gãc víi AC t¹i H . T×m vÞ trÝ cña M ®Ó thÓ tÝch khèi chãp SMCH lín nhÊt   ( x  sin 2 2 x) cos 2 xdx . 2. Tính tích phân: I = 4 0 Câu IV: (1 điểm) : Cho c¸c sè thùc d−¬ng a,b,c thay ®æi lu«n tho¶ m·n : a+b+c=1. a  b2 b  c2 c  a2    2. Chứng minh rằng : bc ca ab PHẦN RIÊNG (3 điểm) ( Chó ý!:ThÝ sinh chØ ®−îc chän bμi lμm ë mét phÇn) A. Theo chương trình chuẩn 3 Câu Va :1.Trong mÆt ph¼ng Oxy cho tam gi¸c ABC biÕt A(2; - 3), B(3; - 2), cã diÖn tÝch b»ng vμ 2 träng t©m thuéc ®−êng th¼ng  : 3x – y – 8 = 0. T×m täa ®é ®Ønh C. 2.Trong kh«ng gian víi hÖ to¹ ®é Oxyz cho hai ®iÓm A(1;4;2),B(-1;2;4) x 1 y  2 z vμ ®−êng th¼ng  :  sao cho: MA2  MB2  28   .T×m to¹ ®é ®iÓm M trªn 1 1 2 4 2 2  2 x 1  2 x 1 Câu VIa : Gi¶i bÊt ph−¬ng tr×nh: ( 2   (2   3) x 3) x 2 3 B. Theo chương trình Nâng cao Câu Vb: 1. Trong mpOxy, cho đường tròn (C): x2 + y2 – 6x + 5 = 0. Tìm M thuộc trục tung sao cho qua M kẻ được hai tiếp tuyến của (C) mà góc giữa hai tiếp tuyến đó bằng 600. 2.Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho điểm M(2 ; 1 ; 0) và đường thẳng d víi x 1 y 1 z d: .Viết phương trình chính tắc của đường thẳng đi qua điểm M,   1 2 1 cắt và vuông góc với đường thẳng d vμ t×m to¹ ®é cña ®iÓm M’ ®èi xøng víi M qua d  4 log 3 xy  2  ( xy ) log 3 2  Câu VIb: Giải hệ phương trình   log 4 ( x  y )  1  log 4 2 x  log 4 ( x  3 y ) 2 2  ………………… …..………………..Hết……………………………………. (C¸n bé coi thi kh«ng gi¶i thÝch g× thªm) -48- http://www.VNMATH.com
63 Đề thi thử Đại học 2011 H−íng dÉn chÊm m«n to¸n C©u Néi Dung ý §iÓm 2 I Kh¶o s¸t hμm sè (1 ®iÓm) 1 1 y = x3 + 3x2 + mx + 1 (C m ) 3 2 1. m = 3 : y = x + 3x + 3x + 1 (C 3 ) + TXÑ: D = R 0,25 + Giới hạn: lim y  , lim y   x  x  + y’ = 3x + 6x + 3 = 3(x2 + 2x + 1) = 3(x + 1)2  0; x 2 0,25  hμm sè ®ång biÕn trªn R  Baûng bieán thieân: 0,25 + y” = 6x + 6 = 6(x + 1) y” = 0  x = –1  tâm đối xứng U(-1;0) * Ñoà thò (C 3 ): Qua A(-2 ;-1) ; U(-1 ;0) ; A’(0 ;1) 0,25 1 2 Phöông trình hoaønh ñoä giao ñieåm cuûa (C m ) vaø ñöôøng thaúng y = 1 laø: 0,25 x  0 x3 + 3x2 + mx + 1 = 1  x(x2 + 3x + m) = 0   2  x  3x  m  0 (2) * (C m ) caét ñöôøng thaúng y = 1 taïi C(0;1), D, E phaân bieät:  Phöông trình (2) coù 2 nghieäm x D , x E  0. m  0   9  4m  0  0,25 4 (*)  2  m  9 0  3  0  m  0  Luùc ñoù tieáp tuyeán taïi D, E coù heä soá goùc laàn löôït laø: 0,25 k D =y’(x D )= 3x 2  6x D  m  (3x D  2m); D -49- http://www.VNMATH.com
63 Đề thi thử Đại học 2011 k E =y’(x E )= 3x 2  6x E  m  (3x E  2m). E Caùc tieáp tuyeán taïi D, E vuoâng goùc khi vaø chæ khi: k D k E = –1 (3x D + 2m)(3x E + 2m) =-1  0,25 9x D x E +6m(x D + x E ) + 4m2 = –1   9m + 6m(–3) + 4m2 = –1 (vì x D + x E = –3; x D x E = m theo ñònh lý Vi-  9  65 m  8 ét).  4m2 – 9m + 1 = 0    9  65 m   8 1    So s¸nhÑk (*): m = 9  65 8 II 2 1 1 x  1  0,5 1. §k:  1 y  2  (1)  x  y  ( y  xy)  0  ( x  y)( x  2 y )  0  x 2 y  0   x 2 y  x  y  0(voly)   x = 4y Thay vμo (2) cã 0,25 4 y 1  2 y 1  1  4 y 1  2 y 1 1  4 y 1  2 y 1  2 2 y 1  1  2 y 1  2 2 y 1  1 y  (tm)  2 y 1  0 x  2 2    x  10 5   2 y 1  2 (tm)  y    2 V©y hÖ cã hai nghiÖm (x;y) = (2;1/2) vμ (x;y) = (10;5/2) 0,25 1 2 sin 2 x  0 sin 2 x  0  ®K:  sin x  cos x  0 tan x  1 cos x  sin x cos 2 x. cos x 0,25  sin 2 x  sin x cos x PT   cos x  sin x sin x cos x  sin x  cos 2 x  sin x cos x  sin 2 x  sin x cos x  sin x -50- http://www.VNMATH.com
63 Đề thi thử Đại học 2011  cos x  sin x  sin x(1  sin 2 x) 0,25  (cos x  sin x)(sin x cos x  sin 2 x  1)  0 0,25  (cosx  sin x)(sin2x  cos2x  3)  0  c os x  sinx  0   (cos x  sinx)( 2sin(2x  )  3)  0    2 sin(2 x   )  3( voly ) 4  4  0,25  k (k  Z ) (tm®k)  cos x  sin x  0  tanx = 1  x  4  Do x  0;   k  0  x  4 III 2 1 1  SA  ( ABCD)  ( SAC )  ( ABCD) Do  0,25  SA  ( SAC ) Lai cã MH  AC  ( SAC )  ( ABCD ) x  MH  ( SAC )  d ( M , SAC )  MH  AM .sin 45o  2 Ta cã x x  HC  AC  AH  a 2  AH  AM .cos 450  O,5 2 2 1 1x x  S MHC  MH .MC  (a 2  ) 2 22 2 1 1 x x  VSMCH  SA.S MCH  2a (a 2  ) 3 6 2 2 Tõ biÓu thøc trªn ta cã: 0,25 x x a 2 a3 1 VSMCH  a  2 2  2  3 2 6 x x  a 2 2 2  xa  M trïng víi D -51- http://www.VNMATH.com
63 Đề thi thử Đại học 2011 2 1 0,25    4 4 4    2 2 I = ( x  sin 2x)cos2xdx  xcos2xdx  sin 2xcos2xdx  I 1  I 2 0 0 0 TÝnh I1  0,25  du  dx u  x   14 x  I1  sin 2x 4   sin 2xdx  1 ®Æt  v   cos2xdx v  2 sin 2x 2 20  0    1 1   cos 2 x 4   84 84 0 TÝnh I2   0,25 4 1 13 41 I 2  sin 2 2xd(sin2x)  sin 2x  20 6 6 0  11 1 0,25  VËy I= 8 4 6 8 12 IV 1 1 2 2 2 a b c b c a   )(   )  A B .Ta cã :VT = ( 0,25 bc ca ab bc ca ab 0,25 (a  b)  (b  c)  (c  a)  1 1 1 1 A3  a b  b  c  c  a 2   1 1 1 1 9  3 3 (a  b)(b  c)(c  a)3 3  ab bc ca 2 2 3  A 2 a2 b2 c2 12  (a  b  c) 2  (   )(a  b  b  c  c  a ) 0,25 ab bc ca 1  1  B.2  B  2 -52- http://www.VNMATH.com
63 Đề thi thử Đại học 2011 3 1 Tõ ®ã tacã VT    2  VP 0,25 2 2 DÊu ®¼ng thøc x¶y ra khi a=b=c=1/3 V.a 2 1 1 0,25 55 ;  ), 2 , trung ®iÓm M ( Ta cã: AB = 22 pt (AB): x – y – 5 = 0 0,25 3 1 3 S ABC = d(C, AB).AB =  d(C, AB)= 2 2 2 1 Gäi G(t;3t-8) lμ träng t©m tam gi¸c ABC th× d(G, AB)= 2 t  (3t  8)  5 0,25 1  d(G, AB)=  t = 1 hoÆc t = 2 = 2 2  G(1; - 5) hoÆc G(2; - 2)     Mμ CM  3GM  C = (-2; -10) hoÆc C = (1; -1) 0,25 2 1 x  1 t  0,5 ptts :  y  2  t  M (1  t ; 2  t ; 2t )  z  2t  0,25 Ta cã: MA2  MB 2  28  12t 2  48t  48  0  t  2 0,25 Tõ ®ã suy ra : M (-1 ;0 ;4) VI.a 1 1     0,25 2 2 x 2x x 2x  2 3  2 3 4 Bpt 0,25 1   x2 2x t 4 t  2 3 (t  0) BPTTT : t  t 2  4t 1  0  2  3  t  2  3 (tm) 0,25   x 2 2 x Khi ®ã : 2  3  2  3  2  3  1  x 2  2 x  1 0,25 x2  2x 1  0 1 2  x  1 2  V.b 2 1 1 -53- http://www.VNMATH.com
63 Đề thi thử Đại học 2011 . (C) có tâm I(3;0) và bán kính R = 2; M  Oy  M(0;m) Qua M kẻ hai tiếp tuyến MA và MB ( A và B là hai tiếp điểm) 0,5  AMB  600 (1) Vậy  Vì MI là phân giác của AMB  AMB  1200 (2)  IA (1)  AMI = 300  MI   MI = 2R  m 2  9  4  m   7 0 sin 30 23 43 IA (2)  AMI = 600  MI   MI = R  m2  9  Vô 0,5 0 sin 60 3 3 nghiệm Vậy có hai điểm M 1 (0; 7 ) và M 2 (0;- 7 ) 2 1 Gọi H là hình chiếu vuông góc của M trên d, ta có MH là đường thẳng đi qua M, cắt và vuông góc với d. 0,25  x  1  2t  d có phương trình tham số là:  y  1  t z   t    Vì H  d nên tọa độ H (1 + 2t ;  1 + t ;  t).Suy ra : MH = (2t  1 ;  2 + t ;  t)  Vì MH  d và d có một vectơ chỉ phương là u = (2 ; 1 ; 1), nên : 0,25   2 2.(2t – 1) + 1.( 2 + t) + ( 1).(t) = 0  t = . Vì thế, MH =  1 ;  4 ;  2    3 3 3 3     uMH  3MH  (1; 4; 2) x  2 y 1 z 0,25 Suy ra, phương trình chính tắc của đường thẳng MH là:   4 2 1 7 1 2 Theo trªn cã H ( ;  ;  ) mμ H lμ trung ®iÓm cña MM’ nªn to¹ ®é 0,25 3 3 3 8 5 4 M’ ( ;  ; ) 3 3 3 ĐK: x>0 , y>0 22log3 xy  2log3 xy  2  0 VIb (1)  0,5 0,25 3 log 3 xy = 1  xy = 3y= x (2) log 4 (4x2+4y2) = log 4 (2x2 +6xy)  x2+ 2y2 = 9 0,25 6 Kết hợp (1), (2) ta được nghiệm của hệ: ( 3 ; 3 ) hoặc ( 6 ; ) 2 -54- http://www.VNMATH.com
63 Đề thi thử Đại học 2011 S M A D H C B -55- http://www.VNMATH.com

CÓ THỂ BẠN MUỐN DOWNLOAD

EXAM.06: Bộ 240 Đề Thi Thử THPT Quốc Gia 2023

240 tài liệu

1111 lượt tải

THÔNG TIN

TRỢ GIÚP

HỖ TRỢ KHÁCH HÀNG

Theo dõi chúng tôi

Chịu trách nhiệm nội dung:

Nguyễn Công Hà - Giám đốc Công ty TNHH TÀI LIỆU TRỰC TUYẾN VI NA

LIÊN HỆ

Địa chỉ: P402, 54A Nơ Trang Long, Phường 14, Q.Bình Thạnh, TP.HCM

Hotline: 093 303 0098

Email: support@tailieu.vn

Giấy phép Mạng Xã Hội số: 670/GP-BTTTT cấp ngày 30/11/2015 Copyright © 2022-2032 TaiLieu.VN. All rights reserved.